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枚举,模拟,暴力。

首先,很容易想到开一个大小 $N * N$ 的二维数组,然而数据范围是 $0 ≤ N ≤10,000$

提交记录R21442990

#include<iostream>
#include<cstring>
using namespace std;

const int MAXN = 10000 + 5;

int v[MAXN][MAXN]; //爆0的罪魁祸首

int main() {
    memset(v, -1, sizeof(v));

    int n;

    cin >> n;

    for(int i = 1; i <= n; i++) {
        int a, b, g, k;

        cin >> a >> b >> g >> k;

        for(int x = a; x <= a + g; x++)  {
            for(int y = b; y <= b + k; y++) {
                v[x][y] = i;
            }
        }
    }

    int x, y;

    cin >> x >> y;

    cout << v[x][y] << endl;

    return 0;
}

成功MLE

数组大小: $4 * 10000 * 10000 = 400000000 Byte = 400000 KB = 400MB$

跨过了MLE的红线。

另外一种方法是用四个数组来记录矩形的四个参数,再扫一遍数组,通过检查坐标 $(x, y)$ 是否在矩形 $Rect_i$ 内,更新最上面的地毯。

提交记录

亲测,完美AC。

至于矩形 $Rect_i$ 的存储方法,可以用 $a, b, g, k$ 四个数组分别存放左上角的坐标和左上角与右下角的距离。

#include<stdio.h>

const int MAXN = 10000 + 5;//程序里出现幻数可不是好习惯哦~

int a[MAXN], b[MAXN], g[MAXN], k[MAXN];

int main() {
    int n, x, y;

    scanf("%d", &n);
    for(int i = 0; i < n; i++) {
        scanf("%d%d%d%d", &a[i], &b[i], &g[i], &k[i]);//输入
    }
    scanf("%d%d", &x, &y);

    int ans = -1;
    for(int i = 0; i < n; i++) {
        if(x >= a[i] && y >= b[i] && x <= a[i] + g[i] && y <= b[i] + k[i]) {
            ans = i + 1;//ans的最终值恰好是最上面的那张地毯编号
        }
    }

    printf("%d\n", ans);//输出结果

    return 0;
}